（1）电热水壶正常工作的电阻为40Ω；

（2）电热水壶中水的温度从25℃升高到35℃吸收的热量为4.2×10⁴J；

（3）此时电路的实际电压为200V。

【分析】（1）知道电热水壶的额定功率、额定电压，利用P＝求电热水壶正常工作的电阻；

（2）知道水的体积，利用ρ＝求水的质量，再利用Q_吸＝cm（t﹣t₀）求水从25℃升高到35℃吸收的热量；

（3）3000r/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求转盘转50r消耗的电能，再利用P＝求电热水壶的实际功率，再利用P＝求电热水壶两端的实际电压（忽略温度对电阻的影响）。

【解答】解：

（1）由P＝得电热水壶正常工作的电阻：

R＝＝＝40Ω；

（2）水的体积V＝1L＝1×10^﹣3m³，

由ρ＝得水的质量：

m＝ρV＝1×10³kg/m³×1×10^﹣3m³＝1kg，

水从25℃升高到35℃吸收的热量：

Q_吸＝cm（t﹣t₀）＝4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（35℃﹣25℃）＝4.2×10⁴J；

（3）3000r/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，

则转盘转50r时，电水壶消耗的电能：

W＝kW•h＝kW•h，

电热水壶的实际功率：

P_实＝＝＝1kW＝1000W，

由P＝可得电热水壶两端的实际电压：

U_实＝＝＝200V。

【点评】本题为电功和热量的综合计算题，考查了密度公式、吸热公式、电功率公式的应用，涉及到电能表参数的理解，要求灵活应用相关公式。

（1）倒立放置时瓶盖所受水的压强为1300Pa；

（2）倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压力为2.8N，压强为3500Pa。

【分析】（1）由图可知，倒立放置时水的深度，根据p＝ρgh求出瓶盖所受水的压强；

（2）由图可知，正立放置时矿泉水瓶内水的深度，根据V＝Sh求出水的体积，利用ρ＝求出水的质量，根据G＝mg求出水的重力即为倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压力，根据p＝求出倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压强。

【解答】解：（1）由右图可知，矿泉水瓶倒立放置时水的深度：

h＝13cm＝0.13m，

倒立放置时瓶盖所受水的压强：

p_水＝ρ_水gh_水＝1.0×10³kg/m³×10N/kg×0.13m＝1300Pa；

（2）由左图可知，矿泉水瓶内水的体积：

V＝S_瓶底h_正立＝28cm²×10cm＝280cm³，

由ρ＝可得，水的质量：

m_水＝ρV＝1.0g/cm³×280cm³＝280g＝0.28kg，

瓶重和厚度忽略不计，则倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压力：

F＝G_水＝m_水g＝0.28kg×10N/kg＝2.8N，

倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压强：

p＝＝＝3500Pa。

【点评】本题考查了液体压强公式、压强定义式、密度公式和重力公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。

（1）推车时的独轮车是省力杠杆。

（2）人手向上的力F的大小是300N。

【分析】（1）动力臂大于阻力臂是省力杠杆，动力臂小于阻力臂是费力杠杆，动力臂等于阻力臂是等臂杠杆。

（2）确定杠杆，找出支点，动力臂、阻力臂、动力和阻力，根据杠杆平衡条件求出动力大小。

【解答】解：（1）小车是杠杆，轮胎中心是支点，车重是阻力，手施加的力是动力，

动力臂：l₁＝0.4m+0.8m＝1.2m，

阻力臂：l₂＝0.4m，

动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。

（2）由杠杆的平衡条件Fl₁＝Gl₂可得，

F×1.2m＝900N×0.4m，

人手向上的力：F＝300N。

【点评】对于杠杆问题，确定好杠杆，找出支点、动力臂、阻力臂、动力和阻力，根据杠杆平衡条件求出未知量。

（1）断开；（2）保持不变；（3）大；（4）当导体两端电压一定时，流过导体电流与导体电阻成反比；（5）4。

【分析】（1）为保护电路，连接电路前，开关应断开；

（2）探究“电流与电阻的关系”实验中，要控制电阻的电压不变；

（3）由分压原理分析；

由数据和图象知得出电阻两端的电压为一定值得出结论；

（4）因定值电阻的电压不变，根据P＝分析定值电阻消耗的电功率最小的条件，根据欧姆定律求出电路的电流，由串联电路的规律及欧姆定律得出滑动变阻器接入电路的阻值。

【解答】解：（1）为保护电路，连接电路前，开关应断开；

（2）探究“电流与电阻的关系”实验中，要控制电阻的电压不变，故改变滑动变阻器阻值的目的是使定值电阻两端的电压不变；

（3）将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻分别接入电路中，每一次都控制定值电阻两端的电压为2.5V；当拆下5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻接入电路时，如果保持滑动变阻器滑片的位置不变，由分压原理，会发现电压表的示数大于2.5V，接下来应该移动滑片，使电压表示数回到2.5V，读出电流表的示数并记录数据……通过多次实验测得多组数据，并利用这些数据得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象，由数据和图象知，电阻两端的电压始终保持：

U_V＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.15A×5Ω＝2.5V，电流与电阻之积为一定值，故可以得到的结论是：当导体两端电压一定时，流过导体电流与导体电阻成反比；

（4）因定值电阻的电压不变，当定值电阻消耗的电功率最小时，根据P＝，即定值电阻取最大值20Ω，由欧姆定律，电路的电流为：I_小＝＝＝0.125A，

由串联电路的规律及欧姆定律，滑动变阻器接入电路的阻值为：

R_滑＝＝＝4Ω。

【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查注意事项、控制变量法、数据分析和串联电路的规律、欧姆定律的运用及电功率公式的运用。

（1）同一高度由静止自由；控制变量法；（2）做匀速直线运动；不需要；（3）C。

【分析】（1）根据控制变量法，要控制小车滑到水平面时的初速度相同，实验时应让小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下；

（2）在越光滑的表面上物体运动得越远，伽利略对类似的实验进行了分析并进一步推测：如果水平面光滑，小车在运动时不受阻力，则小车将保持原来的速度沿直线一直运动下去，据此推理得出结论；物体的运动不需要力来维持；

（3）牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，通过进一步的推理概括得出。

【解答】解：

（1）为了使小车滑到水平面时的初速度相同，实验时应让小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，这种研究问题的方法是控制变量法；

（2）伽利略对类似的实验进行了分析并进一步推测：如果水平面光滑，小车在运动时不受阻力，则小车将在水平面上做匀速直线运动；从而说明物体的运动不需要力来维持；

（3）牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了牛顿第一定律，该定律是在大量经验事实的基础上，通过进一步的推理概括得出的，故选C。

【点评】本题是研究“力和运动的关系”实验，考查控制变量法、实验推理法、力与运动的关系等知识。